1.前言

　　= =

　　感觉自己其实没发过关于考试的博客过...

 

　　今天是一个平安的夜晚，漆黑的夜被霓虹划分成网络，很适合发题。

 

2.num9九数码问题

　　传统8数码改一下...只询问一个状态，所以很容易搞，正向广搜即可。

 

#include
      
       #include
       
        #include
        
         #include
         
          using namespace std;const int maxn=362880+10;int ans[9];int level[9];int a[maxn][9];int que[maxn],rec[maxn],pre[maxn];int Hash[maxn];int get_h(int a[]){    int sum=0,cnt;    for(int i=0;i<9;i++){        cnt=0;        for(int j=i+1;j<9;j++)            if(a[j]
         
        
       
      

 

 

 

3.lunch午餐问题

　　这种题看上去是贪心的样子，于是考场上先推一推式子，找找关系。

　　

　　感觉这一步还是比较好弄的，但是因为有两个队列，究竟放那一个去呢？

　　当时想，要不贪心放在等候时间较短的那边?

　　后来觉得不靠谱，因为要是下一个等待时间太长，导致后面的全部放了都没他慢，这时候放在更长的那边可能好些。

　　就想要不然增加几个选择，枚举一下每一列放几个？...可是枚举的时候出现问题了——没有考虑时间的影响，而是将时间作为结果放在的数组里。

　　事实上，只有两个都确定时，这个状态才算完全固定，而若是像我将前i个放j个在第一个队列这种其实不具有转移的性质的。

　　因为如果在f[i][j]取到最优值的时候，不一定时间上就是最优。所以说这样的转移不一定就是最优值，因为转移的时候调用了一个由转移得到的值！

　　事后终于醒悟了。感觉自己定这个状态就是为了转移方程好转移啊！

　　设计的时候一定要注意需要什么信息，什么信息可以用来转移，什么信息只是做一个结果。[果然这个叫信息竞赛啊...]感觉今天终于醒悟还是蛮好的。

　　上最后AC代码。

　　

#include
      
       #include
       
        #include
        
         using namespace std;const int maxn=210;const int INF=0x7fffffff;int n;int ans;struct Node{    int a,b;}s[maxn];bool cmp(const Node &A,const Node &B){    return A.b>B.b;}int sum[maxn];int f[maxn][maxn*maxn];int main(){    freopen("lunch.in","r",stdin);    freopen("lunch.out","w",stdout);        scanf("%d",&n);    for(int i=1;i<=n;i++)        scanf("%d%d",&s[i].a,&s[i].b);    sort(s+1,s+n+1,cmp);    for(int i=1;i<=n;i++)        sum[i]=sum[i-1]+s[i].a;        memset(f,0x7f,sizeof(f));    f[0][0]=0;    for(int i=1;i<=n;i++)        for(int j=0;j<=sum[i-1];j++){            f[i][j]=min(f[i][j],max(f[i-1][j],sum[i-1]-j+s[i].a+s[i].b));            f[i][j+s[i].a]=min(f[i][j+s[i].a],max(f[i-1][j],j+s[i].a+s[i].b));        }        ans=INF;    for(int i=0;i<=sum[n];i++)        ans=min(ans,f[n][i]);        printf("%d",ans);    return 0;}
        
       
      

 

 

 

4.沼泽鳄鱼

5.梦幻折纸

　　

Problem

　　给一个N*M的格子，每个格子都写有一个1~N*M的数字。判断是否能将这张格子折叠成1*1，使得第1层标号为1，使得第2层标号为2...,第i层标号为i...。

　　1 7

　　3 1 7 6 5 4 2

　　AllRight

　　2 2

　　1 2

　　3 4

　　Cheat

　　2 3

　　2 1 6

　　3 4 5

　　Allright

　　4 4

　　11 12 15 14

　　10  9 16 13

　　 5  8  1  2

　　 6  7  4  3

　　Allright

 

　　对于四个样例，怎么才能折出来呢？

　　

 

　　好了...上面究竟怎么折只是娱乐而已。

　　分析本质啊，分析本质啊，剥茧抽丝寻找规律啊！

　　其实规律很简单...发现在最初网格中相邻的...它们最后一定因为纸的限制在一起咯 [所以单身狗才做不出...]

　　但是不同的情侣狗之间却有不同的人生方向

　　例如：

　　11 12 15 14

　　10  9 16 13

　　 5  8  1  2

　　 6  7  4  3

　　11-12是横向发展的，但是因为要折成一列，所以12-15和它虽然也是横向发展，却要和11-12不同的方向去折。

　　11-10是纵向发展的，同理，也有10-5和它方向不同。

　　所以总共有四个方向。

　　

　　我们再分析一下，对于一个中间的节点，就需要折向四个不同的方向。【泄水置平地，各自东西南北流】

　　但是两个相同方向的折纸，就不能有相交的元素，例如

　　1  3

　　2  4

　　1-3，2-4是方向完全相同的，但是因为两个相同的折纸一定不能相交。

　　

　　所以这种状态需要被排除，而如果没有这种状态，是不是就一定可行呢？

　　是的，因为除了这种情况外，其他的比如不同向的显然可以，同向包含的也不会出现穿越纸张这种事情了。

　　可是有人还是纠结于这个写在纸上，由一个矩形来翻折总觉得不顺手。

　　那现在就将你的大脑勾回变成一张矩形白纸，将每一列开始折叠，方向相同的之间不是包含就是相离，感觉还是很好的吧...

　　但是列上的，很多可能需要像样例4一样出现塞入这种操作。需要和行操作同时进行，有点难以想象，但是感觉只要符合了条件，进行折叠总是对的。

　　感受完毕，代码呈上。

 

#include
      
       #include
       
        #include
        
         using namespace std;const int maxn=510;typedef int array[maxn][maxn];array map, pam;int t,n,m;int link[maxn*maxn];void newarc(int x,int y){    if(x
         
          0)            stack[++top]=link[i];        else if(link[i]<0){            if(stack[top]!=i) return false;            top--;        };    }    return true;}int main(){    freopen("foldgirl.in","r",stdin);    freopen("foldgirl.out","w",stdout);        int kase;        scanf("%d",&kase);    while(kase--){        scanf("%d%d",&n,&m);        t=n*m;        for(int i=1;i<=n;i++)            for(int j=1;j<=m;j++)                scanf("%d",&map[i][j]),pam[j][i]=map[i][j];                if(check(n,m,map,0) && check(n,m,map,1) && check(m,n,pam,0) && check(m,n,pam,1))            puts("AllRight");        else            puts("Cheat");    }        return 0;}